Улсын нэгдсэн шалгалт бол Оросын сурган хүмүүжүүлэх нийгэмлэгийн хамгийн их яригддаг сэдвүүдийн нэг юм. Ирээдүйн төгсөгчид болон оюутнуудыг улсын нэгдсэн шалгалтад бэлтгэх багш нар ирэх 2018 онд Физикийн улсын нэгдсэн шалгалт ямар байх вэ, шалгалтын хуудасны бүтэц, форматад дэлхийн хэмжээнд өөрчлөлт гарах эсэхийг бид өөрсдөөсөө асууж байна. туршилтын. Физик нь үргэлж ялгаатай байсан бөгөөд энэ шалгалтыг бусадтай харьцуулахад илүү хэцүү гэж үздэг Сургуулийн сэдэв. Үүний зэрэгцээ физикийн улсын нэгдсэн шалгалтыг амжилттай өгөх нь ихэнх техникийн их дээд сургуульд орох тасалбар юм.

Одоогоор ямар нэгэн томоохон өөрчлөлтийг батлах тухай албан ёсны мэдээлэл алга байна Улсын шалгалтын нэгдсэн бүтэц 2018 он. Орос хэл, математикийн хичээл нь заавал байх ёстой хэвээр байгаа бөгөөд физик нь төгсөгчид элсэхээр төлөвлөж буй их сургуулийн шаардлагад анхаарлаа хандуулж, өөрсдөө сонгох боломжтой хичээлүүдийн өргөн жагсаалтад багтсан болно.

2017 онд тус улсын нийт 11-р ангийн сурагчдын 16.5 хувь нь физикийн хичээлийг сонгосон байна.. Энэ сэдвийн түгээмэл байдал нь санамсаргүй биш юм. Физик нь инженерийн мэргэжлээр орох эсвэл амьдралаа холбохоор төлөвлөж буй бүх хүмүүст зайлшгүй шаардлагатайIT-Технологи, геологи, агаарын тээвэр болон бусад олон салбарууд өнөөдөр алдартай.

Боловсрол, шинжлэх ухааны сайд Ольга Васильевагийн 2016 онд эхлүүлсэн эцсийн баталгаажуулалтын журмыг шинэчлэх үйл явц идэвхтэй үргэлжилж байгаа бөгөөд үе үе хэвлэл мэдээллийн хэрэгслээр гарч болзошгүй шинэлэг зүйлүүд, тухайлбал:

1. Физик, түүх, газарзүй гэсэн чиглэлээр суралцах шаардлагатай хичээлүүдийн жагсаалтыг өргөжүүлэх.
2. Байгалийн ухааны нэгдсэн нэгдсэн шалгалтыг нэвтрүүлэх.

Хэлэлцэж буй саналуудын талаар хэлэлцэж байгаа ч одоо байгаа ахлах ангийн сурагчид USE тест болох математикийн хичээлийг сайтар бэлдэх хэрэгтэй. профайлын түвшин+ физик.

Математикийн хичээлийг гүнзгийрүүлэн судалдаг тусгай ангийн оюутнууд энэ чиглэлээр итгэлтэй байх болно гэдгийг тодруулах нь зүйтэй болов уу?

2018 оны физикийн хичээлийн шалгалтын хуудасны бүтэц

2017-2018 оны Улсын нэгдсэн шалгалтын үндсэн хуралдаан хичээлийн жил 05/28/18-аас 07/09/18-ны хооронд хийхээр төлөвлөж байгаа боловч хичээл тус бүрийн тодорхой шалгалтын хугацааг хараахан зарлаагүй байна.

2017 онд шалгалтын хуудас 2016 онтой харьцуулахад эрс өөрчлөгдсөн.

2018 онд физикийн улсын нэгдсэн шалгалтад орсон өөрчлөлтүүд

Даалгавраас тестүүдийг бүрмөсөн хасч, хариултыг бодолгүйгээр сонгох боломжийг үлдээсэн. Үүний оронд оюутнуудад богино эсвэл өргөтгөсөн хариулттай даалгавруудыг санал болгодог. 2017-2018 оны хичээлийн жилд гэж хэлэхэд буруудахгүй Улсын нэгдсэн шалгалтын жилФизикийн хувьд бүтэц, даалгаврын хэмжээ нь өнгөрсөн жилийнхээс тийм ч их ялгаатай байх болно. гэсэн үг:

• Ажлыг дуусгахад 235 минут зарцуулна;
• Нийт төгсөгчид 32 даалгаврыг даван туулах шаардлагатай болно;
• Улсын нэгдсэн шалгалтын I блок (27 даалгавар) - бүхэл тоогоор илэрхийлж болох богино хариулттай даалгаварууд, аравтынэсвэл тоон дараалал;
• Блок II (5 даалгавар) - шийдэл, үндэслэлийг боловсруулах явцад бодлын галт тэрэгний ижил төстэй тайлбарыг шаарддаг ажлууд. гаргасан шийдвэрүүдфизикийн хууль, зүй тогтолд тулгуурласан;
• Хамгийн бага тэнцэх босго нь 36 оноо бөгөөд энэ нь I блокийн 10 зөв шийдсэн даалгавартай тэнцэнэ.

Физикийн улсын нэгдсэн шалгалтын хамгийн хэцүү нь 27-31 хүртэлх сүүлийн таван асуудал бөгөөд олон сургуулийн сурагчид хоосон талбартай ажлыг давдаг. Гэхдээ маш чухал нюанс байдаг - хэрэв та эдгээр даалгаврыг үнэлэх дүрмийг уншвал даалгаврын талаар хэсэгчлэн тайлбарлаж, харуулах нь тодорхой болно. зөв чиглэлБодлын галт тэрэг, та бүрэн хариултанд хүрч, шийдэлд юу ч бичихгүйгээр 1 эсвэл 2 оноо авах боломжтой.

Зөвхөн физикийн хичээлийнхээ ихэнх асуудлыг шийдэхийн тулд сайн мэдлэгхууль тогтоомж, физик үйл явцын талаархи ойлголт, түүнчлэн математикийн сайн бэлтгэлтэй тул удахгүй болох 2018 оны Улсын нэгдсэн шалгалтаас өмнө мэдлэгийг өргөжүүлэх, гүнзгийрүүлэх асуултыг тавих нь зүйтэй.

Онолын харьцаа ба практик даалгаваршалгалтын цаасан дээр 3:1 гэсэн үг амжилттай дуусгахЮуны өмнө физикийн үндсэн хуулиудыг эзэмшиж, бүх томъёог мэддэг байх шаардлагатай сургуулийн курсмеханик, термодинамик, электродинамик, оптик, түүнчлэн молекул, квант, цөмийн физик.

Та хуурамч хуудас болон бусад янз бүрийн заль мэхэнд найдаж болохгүй. Томъёоны дэвсгэр, тооцоолуур болон бусад хэрэгслийг ашиглах техникийн хэрэгсэлСургуулийн олон сурагчийн гэм буруу юу вэ? туршилтууд, шалгалтанд хүлээн авах боломжгүй. Энэ дүрмийг дагаж мөрдөх нь зөвхөн ажиглагчид төдийгүй шалгуулагчийн эргэлзээтэй хөдөлгөөн бүрийг анзаарахуйц байрлуулсан видео камерын уйгагүй нүдээр хянагддаг гэдгийг санаарай.

Та туршлагатай багштай холбоо барьж, эсвэл сургуулийн сургалтын хөтөлбөрийг бие даан давтах замаар физикийн улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлдэж болно.

Тусгай лицейд хичээл заадаг багш нар дараах энгийн боловч үр дүнтэй зөвлөгөөг өгдөг.

1. Нарийн төвөгтэй томъёог цээжлэх гэж бүү оролд, мөн чанарыг нь ойлгохыг хичээ. Томъёо хэрхэн гарсныг мэдсэнээр та үүнийг ноорог дээр хялбархан бичиж болно, харин ухаангүй цээжлэх нь механик алдаатай байдаг.
2. Асуудлыг шийдэхдээ эцсийн илэрхийлэлийг шууд утгаар гаргаж аваад дараа нь хариултыг математикийн аргаар хайж олох хэрэгтэй.
3. "Гараа дүүргэ." Та ямар нэг сэдвээр олон төрлийн асуудлыг шийдэх тусам Улсын нэгдсэн шалгалтын даалгавруудыг даван туулахад хялбар байх болно.
4. Шалгалт өгөхөөс дор хаяж нэг жилийн өмнө физикийн улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлдэж эхэл. Энэ бол хамгийн сайн багш нартай хамт сурсан ч гэсэн "захиалах" хичээл биш, дахин нэг сарын дотор сурна.
5. Ижил төрлийн энгийн ажлуудад бүү баригд. 1-2 томьёоны асуудал нь зөвхөн 1-р шат юм. Харамсалтай нь, сургуулиудын олон багш нар зүгээр л цааш явахгүй, ихэнх оюутнуудын түвшинд хүртэл уруудаж, эсвэл хүмүүнлэгийн ангийн оюутнууд Улсын нэгдсэн шалгалт өгөхдөө үндсэн биш хичээлийг сонгохгүй гэж найдаж байна. Физикийн янз бүрийн салбаруудын хуулиудыг нэгтгэсэн асуудлыг шийдвэрлэх.
6. Физик хэмжигдэхүүн ба тэдгээрийн хувиргалтыг дахин шалгана уу. Асуудлыг шийдвэрлэхдээ өгөгдлийг танилцуулж буй форматад онцгой анхаарал хандуулж, шаардлагатай бол тэдгээрийг хүссэн хэлбэрт шилжүүлэхээ бүү мартаарай.

Физикийн улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлтгэх маш сайн туслахууд байх болно туршилтын сонголтууд шалгалтын даалгавар, түүнчлэн өнөөдөр Интернетээс амархан олж болох янз бүрийн сэдвээр даалгаврууд. Юуны өмнө энэ бол FIPI вэбсайт бөгөөд 2008-17 оны физикийн улсын нэгдсэн шалгалтын кодлогчтой архив байрладаг.

Улсын нэгдсэн шалгалтад гарсан өөрчлөлт, шалгалтад хэрхэн бэлдэх талаар дэлгэрэнгүй мэдээллийг үзнэ үү. видеоХолбооны даалгавар боловсруулах комиссын дарга Марина Демидоватай хийсэн ярилцлага Улсын нэгдсэн шалгалт явуулж байнафизикийн хувьд:

OGE болон улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлтгэх

Дундаж Ерөнхий боловсрол

UMK A.V. Грачевын шугам. Физик (10-11) (үндсэн, гүнзгийрүүлсэн)

UMK A.V. Грачевын шугам. Физик (7-9)

UMK A.V. Перышкин шугам. Физик (7-9)

Физикийн улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлтгэх: жишээ, шийдэл, тайлбар

Үүнийг цэгцэлье Улсын нэгдсэн шалгалтын даалгаварфизикийн чиглэлээр (С сонголт) багштай.

Лебедева Алевтина Сергеевна, физикийн багш, 27 жил ажилласан туршлагатай. Москва мужийн Боловсролын яамны хүндэт жуух бичиг (2013), Воскресенскийн даргын талархал хотын дүүрэг(2015), Москва мужийн математик, физикийн багш нарын холбооны ерөнхийлөгчийн гэрчилгээ (2015).

Ажил нь даалгавар өгдөг өөр өөр түвшинХэцүү байдал: үндсэн, ахисан, өндөр. Үндсэн түвшний даалгавар гэдэг нь физикийн хамгийн чухал ойлголт, загвар, үзэгдэл, хуулиудыг эзэмшсэн эсэхийг шалгадаг энгийн даалгавар юм. Ахисан түвшний даалгавар нь янз бүрийн үйл явц, үзэгдлийг шинжлэхэд физикийн үзэл баримтлал, хуулиудыг ашиглах чадварыг шалгах, мөн сургуулийн физикийн хичээлийн аль ч сэдвээр нэг эсвэл хоёр хууль (томьёо) ашиглан асуудлыг шийдвэрлэх чадварыг шалгахад чиглэгддэг. Ажлын 2-р хэсгийн 4 даалгавар нь даалгавар юм өндөр түвшиннарийн төвөгтэй байдал, өөрчлөгдсөн эсвэл шинэ нөхцөлд физикийн хууль, онолыг ашиглах чадварыг шалгах. Ийм даалгавруудыг гүйцэтгэхийн тулд физикийн хоёр, гурван хэсгээс нэг дор мэдлэгийг ашиглах шаардлагатай байдаг. өндөр түвшний сургалт. Энэ сонголт нь 2017 оны Улсын нэгдсэн шалгалтын демо хувилбартай бүрэн нийцэж байгаа бөгөөд даалгавруудыг Улсын нэгдсэн шалгалтын даалгаврын нээлттэй банкнаас авсан болно.

Зураг дээр хурдны модуль цаг хугацааны графикийг харуулав т. 0-ээс 30 секунд хүртэлх хугацааны интервалд машин туулсан замыг графикаас тодорхойл.

Шийдэл. 0-ээс 30 секундын хооронд автомашины туулсан замыг трапецын талбай гэж хамгийн хялбараар тодорхойлж болох бөгөөд түүний суурь нь хугацааны интервалууд (30 - 0) = 30 сек ба (30 - 10) байна. ) = 20 сек, өндөр нь хурд юм v= 10 м / с, өөрөөр хэлбэл.

С =	(30 + 20) -тай	10 м/с = 250 м.
	2

Хариулт. 250 м.

100 кг жинтэй ачааг кабель ашиглан босоогоор дээш өргөдөг. Зураг нь хурдны төсөөллийн хамаарлыг харуулж байна Вдээш чиглэсэн тэнхлэг дээрх ачааллыг цаг хугацааны функцээр т. Өргөх үед кабелийн суналтын хүчний модулийг тодорхойлно.

Шийдэл.Хурдны проекцын хамаарлын графикийн дагуу vбосоо дээш чиглэсэн тэнхлэг дээрх ачаалал нь цаг хугацааны функцээр т, бид ачааллын хурдатгалын проекцийг тодорхойлж болно

а =	∆v	=	(8 – 2) м/с	= 2 м/с 2.
	∆т		3 с

Ачаалал нь: босоо доош чиглэсэн таталцлын хүч, кабелийн дагуу босоо дээш чиглэсэн кабелийн суналтын хүч (зураг 1-ийг үз). 2. Динамикийн үндсэн тэгшитгэлийг бичье. Ньютоны хоёр дахь хуулийг ашиглая. Биед үйлчлэх хүчний геометрийн нийлбэр нь биеийн масс ба түүнд өгсөн хурдатгалын үржвэртэй тэнцүү байна.

+ = (1)

OY тэнхлэгийг дээш чиглүүлэн дэлхийтэй холбоотой жишиг систем дэх векторуудын проекцын тэгшитгэлийг бичье. Хүчний чиглэл нь OY тэнхлэгийн чиглэлтэй давхцаж байгаа тул таталцлын хүчний проекц сөрөг, хүчний вектор нь OY тэнхлэгийн эсрэг, хурдатгалын векторын проекц нь хурцадмал хүчний проекц эерэг байна. мөн эерэг байдаг тул бие нь дээш чиглэсэн хурдатгалтай хөдөлдөг. Бидэнд байгаа

Т – мг = ээж (2);

томъёоноос (2) суналтын хүчний модуль

Т = м(g + а) = 100 кг (10 + 2) м/с 2 = 1200 Н.

Хариулт. 1200 Н.

Модуль нь 1.5 м/с тогтмол хурдтай барзгар хэвтээ гадаргуугийн дагуу биеийг чирч, Зураг (1)-д үзүүлсэн шиг түүнд хүч хэрэглэнэ. Энэ тохиолдолд биед үйлчлэх гулсах үрэлтийн хүчний модуль нь 16 Н. Хүч ямар хүч гаргах вэ? Ф?

Шийдэл.Бодлогын мэдэгдэлд заасан физик процессыг төсөөлж, биед үйлчилж буй бүх хүчийг харуулсан бүдүүвч зургийг хийцгээе (Зураг 2). Динамикийн үндсэн тэгшитгэлийг бичье.

Tr + + = (1)

Тогтмол гадаргуутай холбоотой лавлах системийг сонгосны дараа бид сонгосон координатын тэнхлэгүүд дээр векторуудын проекцын тэгшитгэлийг бичдэг. Асуудлын нөхцлийн дагуу бие нь жигд хөдөлдөг, учир нь түүний хурд тогтмол бөгөөд 1.5 м / с-тэй тэнцүү байна. Энэ нь биеийн хурдатгал тэг байна гэсэн үг юм. Бие дээр хэвтээ байдлаар хоёр хүч үйлчилдэг: гулсах үрэлтийн хүч tr. мөн биеийг чирэх хүч. Хүчний вектор нь тэнхлэгийн чиглэлтэй давхцдаггүй тул үрэлтийн хүчний төсөөлөл сөрөг байна. X. Хүчний төсөөлөл Фэерэг. Проекцийг олохын тулд сонгосон тэнхлэг рүү векторын эхлэл ба төгсгөлөөс перпендикулярыг буулгаж байгааг бид танд сануулж байна. Үүнийг харгалзан үзвэл бид: Ф cosα - Ф tr = 0; (1) хүчний төсөөллийг илэрхийлье Ф, Энэ Ф cosα = Ф tr = 16 N; (2) тэгвэл хүчний боловсруулсан хүч нь тэнцүү байх болно Н = Ф cosα В(3) (2) тэгшитгэлийг харгалзан орлуулалтыг хийж, (3) тэгшитгэлд харгалзах өгөгдлийг орлуулъя:

Н= 16 N · 1.5 м / с = 24 Вт.

Хариулт. 24 Вт.

200 Н/м хөшүүнтэй хөнгөн пүршнд бэхлэгдсэн ачаалал босоо хэлбэлзэлд ордог. Зураг дээр шилжилтийн хамаарлын графикийг харуулав xүе үе ачаалах т. Ачааны масс ямар байхыг тодорхойл. Хариултаа бүхэл тоогоор дугуйлна уу.

Шийдэл.Пүрш дээрх масс нь босоо хэлбэлзэлд ордог. Ачааллын шилжилтийн графикийн дагуу Xцаг үеэс т, бид ачааллын хэлбэлзлийн хугацааг тодорхойлно. хэлбэлзлийн хугацаа нь тэнцүү байна Т= 4 сек; томъёоноос Т= 2π массыг илэрхийлье мачаа

=	Т	;	м	=	Т 2	; м = к	Т 2	; м= 200 Н/м	(4 сек) 2	= 81.14 кг ≈ 81 кг.
	2π		к		4π 2		4π 2		39,438

Хариулт: 81 кг.

Зураг дээр хоёр хөнгөн блок, жингүй кабелийн системийг харуулсан бөгөөд үүний тусламжтайгаар та тэнцвэрийг хадгалах эсвэл 10 кг жинтэй ачааг өргөх боломжтой. Үрэлт нь ач холбогдолгүй юм. Дээрх зургийн дүн шинжилгээнд үндэслэн сонгоно уу хоёрүнэн мэдэгдлүүд ба тэдгээрийн тоог хариултдаа зааж өгнө үү.

1. Ачааллыг тэнцвэртэй байлгахын тулд та олсны төгсгөлд 100 Н хүчээр ажиллах хэрэгтэй.
2. Зурагт үзүүлсэн блок систем нь хүч чадлыг нэмэгдүүлэхгүй.
3. h, та олсны урт 3 хэсгийг татах хэрэгтэй h.
4. Ачаа аажмаар өндөрт өргөх hh.

Шийдэл.Энэ асуудлын хувьд энгийн механизмуудыг санах хэрэгтэй, тухайлбал блокууд: хөдлөх ба суурин блок. Хөдөлгөөнт блок нь хүч чадлыг давхар нэмэгдүүлдэг бол олсны хэсгийг хоёр дахин урт татах шаардлагатай бөгөөд хүчийг дахин чиглүүлэхийн тулд тогтмол блок ашигладаг. Ажил дээр ялах энгийн механизмууд өгдөггүй. Асуудлыг шинжилсний дараа бид шаардлагатай мэдэгдлүүдийг нэн даруй сонгоно.

1. Ачаа аажмаар өндөрт өргөх h, та олсны урт 2-ын хэсгийг татах хэрэгтэй h.
2. Ачааллыг тэнцвэртэй байлгахын тулд та олсны төгсгөлд 50 Н хүчээр ажиллах хэрэгтэй.

Хариулт. 45.

Жингүй, сунадаггүй утастай холбосон хөнгөн цагаан жин нь устай саванд бүрэн дүрнэ. Ачаалал нь хөлөг онгоцны хана, ёроолд хүрэхгүй. Дараа нь жин нь хөнгөн цагаан жингийн масстай тэнцэх төмрийн жинг устай ижил саванд дүрнэ. Үүний үр дүнд утасны суналтын хүчний модуль ба ачаалалд үйлчлэх хүндийн хүчний модуль хэрхэн өөрчлөгдөх вэ?

1. Өсөх;
2. Буурах;
3. Өөрчлөгдөхгүй.

Шийдэл.Бид асуудлын нөхцөл байдалд дүн шинжилгээ хийж, судалгааны явцад өөрчлөгддөггүй параметрүүдийг тодруулж өгдөг: эдгээр нь биеийн масс ба биеийг утсан дээр дүрж буй шингэн юм. Үүний дараа бүдүүвч зураг зурж, ачаалалд нөлөөлж буй хүчийг зааж өгөх нь дээр: утаснуудын хурцадмал байдал Футас дагуу дээш чиглэсэн хяналт; босоо доош чиглэсэн хүндийн хүч; Архимедийн хүч а, дүрсэн бие дээр шингэний талаас үйлчилж, дээш чиглэсэн. Асуудлын нөхцлийн дагуу ачааны масс ижил тул ачаалалд үйлчлэх хүндийн хүчний модуль өөрчлөгдөхгүй. Ачааны нягтрал өөр тул эзэлхүүн нь бас өөр байх болно.

В =	м	.
	х

Төмрийн нягт 7800 кг/м3, хөнгөн цагаан ачааны нягт 2700 кг/м3 байна. Тиймээс, Вболон< В а. Бие нь тэнцвэрт байдалд байгаа бөгөөд биед үйлчилж буй бүх хүчний үр дүн тэг байна. OY координатын тэнхлэгийг дээш чиглүүлье. Бид хүчний проекцийг харгалзан динамикийн үндсэн тэгшитгэлийг хэлбэрээр бичдэг Фхяналт + Ф а – мг= 0; (1) Хүчдэлийн хүчийг илэрхийлье Фхяналт = мг – Ф а(2); Архимедийн хүч нь шингэний нягт ба биеийн дүрсэн хэсгийн эзэлхүүнээс хамаарна. Ф а = ρ gV p.h.t. (3); Шингэний нягт нь өөрчлөгддөггүй, төмрийн биеийн эзэлхүүн бага байдаг Вболон< В а, тиймээс төмрийн ачаалалд үйлчлэх Архимедийн хүч бага байх болно. Бид (2) тэгшитгэлтэй ажиллах утаснуудын хурцадмал хүчний модулийн талаар дүгнэж, энэ нь нэмэгдэх болно.

Хариулт. 13.

Массын блок мтогтсон барзгараас гулсдаг налуу хавтгайсуурь дээр α өнцөгтэй. Блокийн хурдатгалын модуль нь тэнцүү байна а, блокийн хурдны модуль нэмэгдэнэ. Агаарын эсэргүүцлийг үл тоомсорлож болно.

Физик хэмжигдэхүүнүүд болон тэдгээрийг тооцоолох томъёоны хоорондох захидал харилцааг бий болгох. Эхний баганын байрлал бүрийн хувьд хоёр дахь баганаас харгалзах байрлалыг сонгоод хүснэгтэд сонгосон тоонуудыг харгалзах үсгүүдийн доор бичнэ үү.

B) Блок ба налуу хавтгай хоорондын үрэлтийн коэффициент

3) мг cosα

4) sinα -	а
	g cosα

Шийдэл. Энэ даалгаварНьютоны хуулиудыг хэрэглэхийг шаарддаг. Бид бүдүүвч зураг зурахыг зөвлөж байна; хөдөлгөөний бүх кинематик шинж чанарыг заана. Боломжтой бол хурдатгалын вектор болон хөдөлж буй биед үйлчлэх бүх хүчний векторуудыг дүрслэх; Биед үйлчилж буй хүч нь бусад биетэй харилцан үйлчлэлийн үр дүн гэдгийг санаарай. Дараа нь динамикийн үндсэн тэгшитгэлийг бичнэ үү. Лавлах системийг сонгож, хүч ба хурдатгалын векторын проекцын үр дүнд үүссэн тэгшитгэлийг бичих;

Санал болгож буй алгоритмын дагуу бид бүдүүвч зураг зурах болно (Зураг 1). Зураг дээр блокийн хүндийн төвд үйлчлэх хүч ба налуу хавтгайн гадаргуутай холбоотой жишиг системийн координатын тэнхлэгүүдийг харуулав. Бүх хүч тогтмол байдаг тул блокийн хөдөлгөөн хурд нэмэгдэх тусам жигд хувьсах болно, i.e. хурдатгалын вектор нь хөдөлгөөний чиглэлд чиглэнэ. Зурагт үзүүлсэн шиг тэнхлэгүүдийн чиглэлийг сонгоцгооё. Сонгосон тэнхлэг дээрх хүчний проекцийг бичье.

Динамикийн үндсэн тэгшитгэлийг бичье.

Tr + = (1)

Хүч ба хурдатгалын проекцын хувьд энэ тэгшитгэлийг (1) бичье.

OY тэнхлэг дээр: вектор нь OY тэнхлэгийн чиглэлтэй давхцаж байгаа тул газрын урвалын хүчний проекц эерэг байна. Ny = Н; вектор нь тэнхлэгт перпендикуляр тул үрэлтийн хүчний төсөөлөл тэг байна; хүндийн хүчний төсөөлөл сөрөг ба тэнцүү байх болно мг ж= – мг cosα; хурдатгалын вектор проекц а yхурдатгалын вектор тэнхлэгт перпендикуляр тул = 0. Бидэнд байгаа Н – мг cosα = 0 (2) тэгшитгэлээс бид налуу хавтгайн талаас блок дээр үйлчлэх урвалын хүчийг илэрхийлнэ. Н = мг cosα (3). OX тэнхлэг дээрх проекцуудыг бичье.

OX тэнхлэг дээр: хүчний төсөөлөл Нвектор нь OX тэнхлэгт перпендикуляр тул тэгтэй тэнцүү байна; Үрэлтийн хүчний төсөөлөл сөрөг байна (вектор нь сонгосон тэнхлэгтэй харьцуулахад эсрэг чиглэлд чиглэсэн); хүндийн хүчний проекц эерэг ба тэнцүү байна мг х = мг sinα (4) -аас зөв гурвалжин. Хурдатгалын төсөөлөл эерэг байна а х = а; Дараа нь бид проекцийг харгалзан тэгшитгэлийг (1) бичнэ мг sinα - Ф tr = ээж (5); Ф tr = м(g sinα - а) (6); Үрэлтийн хүч нь хэвийн даралтын хүчтэй пропорциональ гэдгийг санаарай Н.

А - тэргүүн байр Ф tr = μ Н(7), бид налуу хавтгай дээрх блокийн үрэлтийн коэффициентийг илэрхийлнэ.

μ =	Ф tr	=	м(g sinα - а)	= tgα -	а	(8).
	Н		мг cosα		g cosα

Бид үсэг бүрт тохирох байрлалыг сонгоно.

Хариулт. A - 3; Б - 2.

Даалгавар 8. Хийн хүчилтөрөгч нь 33.2 литр эзэлхүүнтэй саванд байна. Хийн даралт нь 150 кПа, температур нь 127 ° C. Энэ саванд байгаа хийн массыг тодорхойл. Хариултаа граммаар илэрхийлж, хамгийн ойрын бүхэл тоо хүртэл дугуйлна уу.

Шийдэл.Нэгжийг SI систем рүү хөрвүүлэхэд анхаарах нь чухал юм. Температурыг Келвин болгон хувирга Т = т°C + 273, эзлэхүүн В= 33.2 л = 33.2 · 10 –3 м 3; Бид даралтыг хувиргадаг П= 150 кПа = 150,000 Па. Идеал хийн төлөвийн тэгшитгэлийг ашиглах

Хийн массыг илэрхийлье.

Хариултыг бичихийг аль нэгжээс асуухыг анхаарна уу. Энэ нь маш чухал юм.

Хариулт.'48

Даалгавар 9. 0.025 моль хэмжээтэй хамгийн тохиромжтой нэг атомт хий нь адиабатаар өргөсдөг. Үүний зэрэгцээ түүний температур +103 хэмээс +23 хэм хүртэл буурсан байна. Газаар хэр их ажил хийсэн бэ? Хариултаа Жоулаар илэрхийлж, хамгийн ойрын бүхэл тоо хүртэл дугуйлна уу.

Шийдэл.Нэгдүгээрт, хий нь эрх чөлөөний зэрэглэлийн монотомийн тоо юм би= 3, хоёрдугаарт, хий нь адиабатаар өргөсдөг - энэ нь дулааны солилцоогүй гэсэн үг юм Q= 0. Хий нь дотоод энергийг бууруулж ажилладаг. Үүнийг харгалзан бид термодинамикийн нэгдүгээр хуулийг 0 = ∆ хэлбэрээр бичнэ У + А G; (1) хийн ажлыг илэрхийлье А g = –∆ У(2); Нэг атомын хийн дотоод энергийн өөрчлөлтийг бид ингэж бичнэ

Хариулт. 25 Ж.

Тодорхой температурт агаарын тодорхой хэсгийн харьцангуй чийгшил 10% байна. Тогтмол температурт агаарын харьцангуй чийгшил 25%-иар нэмэгдэхийн тулд агаарын энэ хэсгийн даралтыг хэдэн удаа өөрчлөх ёстой вэ?

Шийдэл.Ханасан уур, агаарын чийгшилтэй холбоотой асуултууд ихэвчлэн сургуулийн сурагчдад хүндрэл учруулдаг. Агаарын харьцангуй чийгшлийг тооцоолохын тулд томъёог ашиглана уу

Асуудлын нөхцлийн дагуу температур өөрчлөгддөггүй бөгөөд энэ нь ханасан уурын даралт хэвээр байна гэсэн үг юм. Агаарын хоёр төлөвийн томъёог (1) бичье.

φ 1 = 10%; φ 2 = 35%

(2), (3) томъёогоор агаарын даралтыг илэрхийлж, даралтын харьцааг олцгооё.

П 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
П 1		φ 1		10

Хариулт.Даралтыг 3.5 дахин нэмэгдүүлэх шаардлагатай.

Халуун шингэн бодисыг хайлуулах зууханд тогтмол хүчээр аажмаар хөргөнө. Хүснэгтэд цаг хугацааны явцад бодисын температурыг хэмжих үр дүнг харуулав.

Өгөгдсөн жагсаалтаас сонгоно уу хоёравсан хэмжилтийн үр дүнтэй тохирч, тэдгээрийн тоог харуулсан мэдэгдэл.

1. Эдгээр нөхцөлд бодисын хайлах цэг нь 232 ° C байна.
2. 20 минутын дотор. хэмжилт хийж эхэлсний дараа бодис зөвхөн хатуу төлөвт байсан.
3. Шингэн ба хатуу төлөвт байгаа бодисын дулааны багтаамж ижил байна.
4. 30 минутын дараа. хэмжилт хийж эхэлсний дараа бодис зөвхөн хатуу төлөвт байсан.
5. Бодисын талсжих процесс 25 минутаас илүү хугацаа зарцуулсан.

Шийдэл.Бодис хөргөхөд түүний дотоод энерги багассан. Температурын хэмжилтийн үр дүн нь бодис ямар температурт талсжиж эхлэхийг тодорхойлох боломжийг олгодог. Бодис нь өнгөрч байхад шингэн төлөвхатуу болж, температур өөрчлөгддөггүй. Хайлах температур ба талсжих температур ижил байгааг мэдээд бид дараах мэдэгдлийг сонгоно.

1. Эдгээр нөхцөлд бодисын хайлах цэг нь 232 ° C байна.

Хоёр дахь зөв мэдэгдэл нь:

4. 30 минутын дараа. хэмжилт хийж эхэлсний дараа бодис зөвхөн хатуу төлөвт байсан. Учир нь энэ үеийн температур талсжих температураас аль хэдийн доогуур байна.

Хариулт. 14.

Тусгаарлагдсан системд А биеийн температур +40 ° C, В биеийн температур + 65 ° C байна. Эдгээр биеийг бие биетэйгээ дулааны холбоонд оруулав. Хэсэг хугацааны дараа дулааны тэнцвэрт байдал үүссэн. Үүний үр дүнд В биеийн температур болон А ба В биеийн нийт дотоод энерги хэрхэн өөрчлөгдсөн бэ?

Хэмжигдэхүүн бүрийн хувьд өөрчлөлтийн харгалзах шинж чанарыг тодорхойлно.

1. нэмэгдсэн;
2. буурсан;
3. өөрчлөгдөөгүй.

Хүснэгтэнд физик хэмжигдэхүүн бүрийн сонгосон тоонуудыг бичнэ үү. Хариулт дээрх тоонууд давтагдаж болно.

Шийдэл.Хэрэв тусгаарлагдсан биетүүдийн системд дулааны солилцооноос өөр энергийн хувирал явагдахгүй бол дотоод энерги нь буурч байгаа биетүүдээс ялгарах дулааны хэмжээ нь дотоод энерги нь нэмэгдэж буй биетүүдийн хүлээн авсан дулааны хэмжээтэй тэнцүү байна. (Энерги хадгалагдах хуулийн дагуу.) Энэ тохиолдолд системийн нийт дотоод энерги өөрчлөгдөхгүй. Энэ төрлийн асуудлыг дулааны балансын тэгшитгэл дээр үндэслэн шийддэг.

∆U = ∑	n	∆U i = 0 (1);
	би = 1

хаана ∆ У- дотоод энергийн өөрчлөлт.

Манай тохиолдолд дулааны солилцооны үр дүнд В биеийн дотоод энерги буурч, энэ биеийн температур буурдаг гэсэн үг юм. А биеийн дотоод энерги нэмэгддэг, учир нь бие В биеэс тодорхой хэмжээний дулааныг хүлээн авсан тул түүний температур нэмэгдэх болно. А ба В биеийн нийт дотоод энерги өөрчлөгддөггүй.

Хариулт. 23.

Протон х, цахилгаан соронзон туйлын завсар руу нисч байгаа нь индукцийн вектортой перпендикуляр хурдтай байна. соронзон орон, зураг дээр үзүүлсэн шиг. Протон дээр үйлчилж буй Лоренцын хүч нь зурагтай харьцуулахад хаашаа чиглэсэн вэ (дээш, ажиглагч руу, ажиглагчаас хол, доош, зүүн, баруун)

Шийдэл.Лоренцын хүчээр цэнэглэгдсэн бөөмс дээр соронзон орон үйлчилдэг. Энэ хүчний чиглэлийг тодорхойлохын тулд зүүн гарны мнемоник дүрмийг санах нь чухал бөгөөд бөөмийн цэнэгийг анхаарч үзэхээ бүү мартаарай. Бид зүүн гарын дөрвөн хурууг хурдны векторын дагуу чиглүүлж, эерэг цэнэгтэй бөөмийн хувьд вектор нь алган дээр перпендикуляр орох ёстой, 90 ° -аар тогтоосон эрхий хуруу нь бөөмс дээр ажиллаж буй Лоренцын хүчний чиглэлийг харуулна. Үүний үр дүнд бид Лоренцын хүчний векторыг зурагтай харьцуулахад ажиглагчаас холдуулсан байна.

Хариулт.ажиглагчаас.

Хүчдэлийн модуль цахилгаан орон 50 мкФ багтаамжтай хавтгай агаарын конденсаторт 200 В/м-тэй тэнцүү байна. Конденсаторын хавтангийн хоорондох зай нь 2 мм байна. Конденсаторын цэнэг хэд вэ? Хариултаа μC-ээр бичнэ үү.

Шийдэл.Бүх хэмжилтийн нэгжийг SI систем рүү хөрвүүлье. Багтаамж C = 50 μF = 50 10 –6 F, ялтсуудын хоорондох зай г= 2 · 10 –3 м Асуудал нь хавтгай агаарын конденсатор - цахилгаан цэнэг ба цахилгаан талбайн энергийг хадгалах төхөөрөмж юм. Цахилгаан багтаамжийн томъёоноос

Хаана г- хавтангийн хоорондох зай.

Хүчдэлийг илэрхийлье У=Э г(4); (4)-ийг (2)-д орлуулж конденсаторын цэнэгийг тооцоолъё.

q = C · Эд= 50 10 –6 200 0.002 = 20 мкС

Хариултаа бичих шаардлагатай нэгжид анхаарлаа хандуулна уу. Бид үүнийг кулоноор хүлээн авсан боловч μC-ээр илэрхийлсэн.

Хариулт. 20 мкС.

Оюутан гэрэл зурагт үзүүлсэн гэрлийн хугарлын талаар туршилт хийсэн. Шилэн дотор тархаж буй гэрлийн хугарлын өнцөг болон шилний хугарлын илтгэгч тусах өнцөг ихсэх тусам хэрхэн өөрчлөгдөх вэ?

1. Өсдөг
2. Багасна
3. Өөрчлөгдөхгүй
4. Хариулт бүрийн сонгосон тоонуудыг хүснэгтэд тэмдэглэ. Хариулт дээрх тоонууд давтагдаж болно.

Шийдэл.Энэ төрлийн асуудалд хугарал гэж юу болохыг бид санаж байна. Энэ нь нэг орчноос нөгөөд шилжих үед долгионы тархалтын чиглэлийн өөрчлөлт юм. Энэ нь эдгээр медиа дахь долгионы тархалтын хурд өөр өөр байдагтай холбоотой юм. Гэрэл аль орчинд тархаж байгааг олж мэдээд хугарлын хуулийг хэлбэрт оруулъя.

sinα	=	n 2	,
sinβ		n 1

Хаана n 2 – шилний үнэмлэхүй хугарлын илтгэгч, гэрэл тусдаг орчин; n 1 нь гэрэл гарч буй эхний орчны үнэмлэхүй хугарлын илтгэгч юм. Агаарын хувьд n 1 = 1. α нь шилэн хагас цилиндрийн гадаргуу дээрх цацрагийн тусгалын өнцөг, β нь шилний цацрагийн хугарлын өнцөг юм. Түүнээс гадна шил нь оптик нягтралтай орчин буюу хугарлын өндөр илтгэгчтэй орчин тул хугарлын өнцөг тусах өнцөгөөс бага байх болно. Шилэн доторх гэрлийн тархалтын хурд бага байна. Бид туяа тусах цэг дээр сэргээгдсэн перпендикуляраас өнцгийг хэмждэг болохыг анхаарна уу. Хэрэв та тусгалын өнцгийг нэмэгдүүлбэл хугарлын өнцөг нэмэгдэнэ. Энэ нь шилний хугарлын илтгэгчийг өөрчлөхгүй.

Хариулт.

Цаг хугацааны хувьд зэсийн холбогч т 0 = 0 параллель хэвтээ дамжуулагч төмөр замын дагуу 2 м/с хурдтайгаар хөдөлж эхэлдэг бөгөөд тэдгээрийн төгсгөлд 10 Ом эсэргүүцэлтэй холбогдсон байна. Бүхэл бүтэн систем нь босоо жигд соронзон орон дотор байна. Холбогч ба төмөр замын эсэргүүцэл нь өчүүхэн бөгөөд холбогч нь үргэлж төмөр замд перпендикуляр байрладаг. Холбогч, төмөр зам, резисторын үүсгэсэн хэлхээгээр дамжих соронзон индукцийн векторын Ф урсгал нь цаг хугацааны явцад өөрчлөгддөг. тграфикт үзүүлсэн шиг.

График ашиглан хоёр зөв мэдэгдлийг сонгоод хариултдаа тоог нь бичнэ үү.

1. Тэр үед т= Хэлхээгээр дамжих соронзон урсгалын 0.1 с өөрчлөлт 1 мВт.
2. хүртэлх зайд холбогч дахь индукцийн гүйдэл т= 0.1 сек т= 0.3 сек хамгийн их.
3. Хэлхээнд үүссэн индуктив эмфийн модуль нь 10 мВ байна.
4. Холбогч дотор урсах индукцийн гүйдлийн хүч нь 64 мА байна.
5. Үсрэгчийн хөдөлгөөнийг хадгалахын тулд түүнд хүч хэрэглэж, төмөр замын чиглэлд 0.2 Н байна.

Шийдэл.Хэлхээгээр дамжих соронзон индукцийн векторын урсгалын цаг хугацааны хамаарлын графикийг ашиглан бид F урсгал өөрчлөгдөх, урсгалын өөрчлөлт тэг байх хэсгүүдийг тодорхойлно. Энэ нь хэлхээнд индукцийн гүйдэл гарч ирэх хугацааны интервалыг тодорхойлох боломжийг бидэнд олгоно. Үнэн мэдэгдэл:

1) Тухайн үед т= Хэлхээгээр дамжих соронзон урсгалын 0.1 с өөрчлөлт нь 1 мВт ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Вб-тэй тэнцүү; Хэлхээнд үүссэн индуктив эмфийн модулийг EMR хуулийг ашиглан тодорхойлно

Хариулт. 13.

Индукц нь 1 мГ байдаг цахилгаан хэлхээн дэх гүйдэл ба цаг хугацааны графикийг ашиглан 5-аас 10 секундын хоорондох хугацааны интервал дахь өөрөө индуктив EMF модулийг тодорхойлно. Хариултаа μV-ээр бичнэ үү.

Шийдэл.Бүх хэмжигдэхүүнийг SI систем рүү хөрвүүлье, өөрөөр хэлбэл. Бид 1 мГ-ын индукцийг H болгон хувиргавал бид 10-3 H авна. Зурагт үзүүлсэн мА гүйдлийг мөн 10-3-аар үржүүлснээр А-д хувирна.

Өөрөө индукцийн emf-ийн томъёо нь хэлбэртэй байна

энэ тохиолдолд асуудлын нөхцөлийн дагуу хугацааны интервалыг өгнө

∆т= 10 сек – 5 сек = 5 сек

секунд ба графикийг ашиглан бид энэ хугацаанд одоогийн өөрчлөлтийн интервалыг тодорхойлно.

∆I= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 А.

Орлуулж үзье тоон утгууд(2) томъёонд бид авна

| Ɛ | = 2 ·10 –6 В, эсвэл 2 мкВ.

Хариулт. 2.

Хоёр ил тод хавтгай-параллель хавтан бие биенийхээ эсрэг чанга дарагдсан байна. Гэрлийн туяа агаараас эхний хавтангийн гадаргуу дээр унадаг (зураг харна уу). Дээд хавтангийн хугарлын илтгэгч нь тэнцүү гэдгийг мэддэг n 2 = 1.77. Физик хэмжигдэхүүн ба тэдгээрийн утгын хоорондын уялдаа холбоог бий болгох. Эхний баганын байрлал бүрийн хувьд хоёр дахь баганаас харгалзах байрлалыг сонгоод хүснэгтэд сонгосон тоонуудыг харгалзах үсгүүдийн доор бичнэ үү.

Шийдэл.Хоёр зөөвөрлөгчийн зааг дээрх гэрлийн хугарлын асуудлыг шийдвэрлэхийн тулд, ялангуяа гэрлийг хавтгай-параллель хавтангаар дамжуулах асуудлыг шийдэхийн тулд дараахь аргыг санал болгож болно: нэг орчиноос ирж буй цацрагийн замыг харуулсан зураг зурах. өөр; Хоёр зөөвөрлөгчийн зааг дээр цацрагийн тусах цэг дээр гадаргууд нормийг зурж, тусах болон хугарлын өнцгийг тэмдэглэнэ. Харгалзан үзэж буй зөөвөрлөгчийн оптик нягтралд онцгой анхаарал хандуулж, гэрлийн туяа нь оптик нягтрал багатай орчиноос илүү нягтралтай орчинд шилжих үед хугарлын өнцөг нь тусах өнцгөөс бага байх болно гэдгийг санаарай. Зурагт туссан туяа болон гадаргуугийн хоорондох өнцгийг харуулсан боловч тусах өнцөг хэрэгтэй. Өнцөг нь цохилтын цэг дээр сэргээгдсэн перпендикуляраас тодорхойлогддог гэдгийг санаарай. Гадаргуу дээрх цацрагийн тусгалын өнцөг нь 90 ° - 40 ° = 50 °, хугарлын илтгэгч гэдгийг бид тодорхойлдог. n 2 = 1,77; n 1 = 1 (агаар).

Хугарлын хуулийг бичье

sinβ =	гэм 50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Хавтангаар дамжин өнгөрөх цацрагийн ойролцоо замыг зурцгаая. Бид (1) томъёог 2-3 ба 3-1 заагуудад ашигладаг. Хариуд нь бид авдаг

A) Хавтануудын хоорондох 2-3 хил дээрх цацрагийн тусгалын өнцгийн синус нь 2) ≈ 0.433;

B) 3-1 (радианаар) хилийг давах үед цацрагийн хугарлын өнцөг 4) ≈ 0.873.

Хариулт. 24.

Термоядролын нэгдлийн урвалын үр дүнд хичнээн α - бөөмс, хэдэн протон үүссэнийг тодорхойлно уу.

+ → x+ y;

Шийдэл.Бүх цөмийн урвалуудад цахилгаан цэнэг болон нуклонуудын тоо хадгалагдах хуулиуд ажиглагддаг. Альфа бөөмсийн тоог х, протоны тоог y гэж тэмдэглэе. Тэгшитгэл зохиоё

+ → x + y;

Бидэнд байгаа системийг шийдэж байна x = 1; y = 2

Хариулт. 1 – α-бөөм; 2 - протон.

Эхний фотоны импульсийн модуль 1.32 · 10 –28 кг м/с бөгөөд энэ нь хоёр дахь фотоны импульсийн модулиас 9.48 · 10 –28 кг м/с бага байна. Хоёр дахь болон эхний фотонуудын E 2 /E 1 энергийн харьцааг ол. Хариултаа хамгийн ойрын аравны нэг хүртэл дугуйл.

Шийдэл.Нөхцөлийн дагуу хоёр дахь фотоны импульс нь эхний фотоны импульсээс их байгаа нь түүнийг дүрсэлж болно гэсэн үг юм. х 2 = х 1 + Δ х(1). Фотоны энергийг фотоны импульсээр дараах тэгшитгэлээр илэрхийлж болно. Энэ Э = mc 2 (1) ба х = mc(2), дараа нь

Э = pc (3),

Хаана Э- фотоны энерги; х– фотоны импульс, m – фотоны масс, в= 3 · 10 8 м/с – гэрлийн хурд. Томъёо (3)-ыг харгалзан бид:

Э 2	=	х 2	= 8,18;
Э 1		х 1

Бид хариултыг аравны нэг болгон дугуйлж, 8.2-ыг авна.

Хариулт. 8,2.

Атомын цөм нь цацраг идэвхт позитрон β - задралд орсон. Энэ яаж өөрчлөгдсөн бэ цахилгаан цэнэгцөм ба түүний доторх нейтроны тоо?

Хэмжигдэхүүн бүрийн хувьд өөрчлөлтийн харгалзах шинж чанарыг тодорхойлно.

1. нэмэгдсэн;
2. буурсан;
3. өөрчлөгдөөгүй.

Хүснэгтэнд физик хэмжигдэхүүн бүрийн сонгосон тоонуудыг бичнэ үү. Хариулт дээрх тоонууд давтагдаж болно.

Шийдэл.Позитрон β - задрал атомын цөмпротон нь позитрон ялгаруулж нейтрон болж хувирах үед үүсдэг. Үүний үр дүнд цөм дэх нейтроны тоо нэгээр нэмэгдэж, цахилгаан цэнэг нэгээр буурч, цөмийн массын тоо өөрчлөгдөөгүй хэвээр байна. Тиймээс элементийн хувиргах урвал дараах байдалтай байна.

Хариулт. 21.

Янз бүрийн дифракцийн тор ашиглан дифракцийг ажиглах таван туршилтыг лабораторид хийсэн. Сараалж бүрийг тодорхой долгионы урттай монохромат гэрлийн зэрэгцээ туяагаар гэрэлтүүлдэг. Бүх тохиолдолд гэрэл нь сараалжтай перпендикуляр унасан. Эдгээр туршилтуудын хоёрт ижил тооны үндсэн дифракцийн максимум ажиглагдсан. Эхлээд богино хугацаатай дифракцийн тор ашигласан туршилтын тоог, дараа нь том хугацаатай дифракцийн тор ашигласан туршилтын тоог заана уу.

Шийдэл.Гэрлийн дифракци гэдэг нь гэрлийн туяа геометрийн сүүдэрт шилжих үзэгдэл юм. Гэрлийн долгионы зам дээр гэрэлд тунгалаг бус том саад тотгорууд дахь тунгалаг хэсгүүд эсвэл нүхнүүд байх үед дифракц ажиглагдаж болно. Дифракцийн хамгийн чухал төхөөрөмжүүдийн нэг бол дифракцийн тор юм. Дифракцийн хэв маягийн максимум хүртэлх өнцгийн чиглэлийг тэгшитгэлээр тодорхойлно

г sinφ = кλ (1),

Хаана г– дифракцийн торны үе, φ – сараалжтай хэвийн хэмжээ ба дифракцийн загварын максимумуудын аль нэг рүү чиглэсэн чиглэлийн хоорондох өнцөг, λ – гэрлийн долгионы урт, к– дифракцийн максимумын дараалал гэж нэрлэгддэг бүхэл тоо. (1) тэгшитгэлээс илэрхийлье.

Туршилтын нөхцлийн дагуу хосуудыг сонгохдоо бид эхлээд богино хугацаатай дифракцийн тор ашигласан 4, дараа нь илүү том хугацаатай дифракцийн тор ашигласан туршилтын тоо - энэ нь 2 байна.

Хариулт. 42.

Гүйдэл нь утастай резистороор дамждаг. Эсэргүүцлийг өөр металл, ижил урттай утсаар сольсон боловч хөндлөн огтлолын тал хувьтай, гүйдлийн хагасыг дамжуулсан. Резистор дээрх хүчдэл ба түүний эсэргүүцэл хэрхэн өөрчлөгдөх вэ?

Хэмжигдэхүүн бүрийн хувьд өөрчлөлтийн харгалзах шинж чанарыг тодорхойлно.

1. Өсөх болно;
2. буурах болно;
3. Өөрчлөхгүй.

Хүснэгтэнд физик хэмжигдэхүүн бүрийн сонгосон тоонуудыг бичнэ үү. Хариулт дээрх тоонууд давтагдаж болно.

Шийдэл.Дамжуулагчийн эсэргүүцэл ямар утгаас хамаардаг болохыг санах нь чухал юм. Эсэргүүцлийг тооцоолох томъёо нь

Хэлхээний хэсгийн Ом-ын хууль (2) томъёоноос бид хүчдэлийг илэрхийлнэ

У = Би Р (3).

Асуудлын нөхцлийн дагуу хоёр дахь резистор нь ижил материал, ижил урттай, гэхдээ өөр өөр хөндлөн огтлолын талбайтай утсаар хийгдсэн. Талбай нь хоёр дахин бага. (1) -ийг орлуулснаар бид эсэргүүцэл 2 дахин нэмэгдэж, гүйдэл 2 дахин буурч байгаа тул хүчдэл өөрчлөгдөхгүй болохыг олж мэдэв.

Хариулт. 13.

Математикийн дүүжингийн дэлхийн гадаргуу дээрх хэлбэлзлийн хугацаа нь тодорхой гариг ​​дээрх түүний хэлбэлзлийн хугацаанаас 1.2 дахин их байдаг. Энэ гараг дээрх таталцлаас үүдэлтэй хурдатгалын хэмжээ хэд вэ? Хоёр тохиолдолд агаар мандлын нөлөөлөл бага байна.

Шийдэл.Математикийн дүүжин нь бөмбөг болон бөмбөгний хэмжээсээс хамаагүй том хэмжээтэй утаснаас бүрдэх систем юм. Математикийн савлуурын хэлбэлзлийн үеийн Томсоны томъёог мартсан тохиолдолд хүндрэл гарч болзошгүй.

Т= 2π (1);

л– математикийн дүүжингийн урт; g- таталцлын хурдатгал.

Нөхцөлөөр

(3)-аас илэрхийлье. g n = 14.4 м/с 2. Таталцлын хурдатгал нь гаригийн масс ба радиусаас хамаардаг гэдгийг тэмдэглэх нь зүйтэй.

Хариулт. 14.4 м/с 2.

3 А гүйдэл дамжуулах 1 м урт шулуун дамжуулагч нь индукц бүхий жигд соронзон орон дотор байрладаг. IN= 0.4 Тесла вектор руу 30 ° өнцгөөр. Соронзон талбараас дамжуулагч дээр үйлчлэх хүчний хэмжээ хэд вэ?

Шийдэл.Хэрэв та гүйдэл дамжуулагчийг соронзон орон дээр байрлуулах юм бол гүйдэл дамжуулагч дээрх талбар нь Амперын хүчээр үйлчилнэ. Ампер хүчний модулийн томъёог бичье

Ф A = Би Л.Б sinα ;

Ф A = 0.6 Н

Хариулт. Ф A = 0.6 Н.

Тогтмол гүйдэл дамжуулах үед ороомогт хуримтлагдсан соронзон орны энерги нь 120 Ж-тэй тэнцүү байна. Ороомог ороомгийн ороомог дундуур гүйх гүйдлийн хүчийг хэдэн удаа нэмэгдүүлэх шаардлагатай вэ гэвэл ороомогт хуримтлагдсан соронзон орны энерги нэмэгдэх вэ? 5760 Ж.

Шийдэл.Ороомгийн соронзон орны энергийг томъёогоор тооцоолно

Вм =	Л.И 2	(1);
	2

Нөхцөлөөр В 1 = 120 Ж, тэгвэл В 2 = 120 + 5760 = 5880 Ж.

I 1 2 =	2В 1	; I 2 2 =	2В 2	;
	Л		Л

Дараа нь одоогийн харьцаа

I 2 2	= 49;	I 2	= 7
I 1 2		I 1

Хариулт.Одоогийн хүчийг 7 дахин нэмэгдүүлэх шаардлагатай. Та хариултын хуудсан дээр зөвхөн 7 дугаарыг оруулна уу.

Цахилгаан хэлхээ нь хоёр гэрлийн чийдэн, хоёр диод ба зурагт үзүүлсэн шиг холбогдсон утаснуудаас бүрдэнэ. (Зургийн дээд талд үзүүлсэн шиг диод нь зөвхөн нэг чиглэлд гүйдэл урсахыг зөвшөөрдөг.) Соронзонгийн хойд туйлыг ороомог руу ойртуулахад чийдэнгийн аль нь гэрэлтэх вэ? Тайлбардаа ямар үзэгдэл, хэв маяг ашигласан гэдгээ зааж өгснөөр хариултаа тайлбарла.

Шийдэл.Соронзон индукцийн шугамууд гарч ирдэг Хойд туйлсоронз ба салах. Соронз ойртох тусам утас ороомогоор дамжин өнгөрөх соронзон урсгал нэмэгддэг. Лензийн дүрмийн дагуу ороомгийн индуктив гүйдлийн улмаас үүссэн соронзон орон нь баруун тийш чиглэсэн байх ёстой. Гимлетийн дүрмийн дагуу гүйдэл нь цагийн зүүний дагуу урсах ёстой (зүүн талаас харахад). Хоёр дахь чийдэнгийн хэлхээний диод энэ чиглэлд дамждаг. Энэ нь хоёр дахь гэрэл асна гэсэн үг юм.

Хариулт.Хоёр дахь гэрэл асна.

Хөнгөн цагаан хигээсийн урт Л= 25 см ба хөндлөн огтлолын талбай С= 0.1 см 2 утас дээр дээд үзүүрээр дүүжлэгдсэн. Доод үзүүр нь ус цутгаж буй савны хэвтээ ёроолд байрладаг. Хигээсийн живсэн хэсгийн урт л= 10см.Хүчийг ол Ф, хэрэв утас нь босоо байрлалд байгаа нь мэдэгдэж байгаа бол сүлжмэлийн зүү нь хөлөг онгоцны ёроолд дардаг. Хөнгөн цагааны нягт ρ a = 2.7 г/см 3, усны нягт ρ b = 1.0 г/см 3. Таталцлын хурдатгал g= 10 м/с 2

Шийдэл.Тайлбартай зураг зуръя.

– Утасны суналтын хүч;

– Савны ёроолын урвалын хүч;

a нь зөвхөн биеийн дүрсэн хэсэгт үйлчилдэг Архимедийн хүч бөгөөд хигээсийн дүрсэн хэсгийн төвд үйлчилдэг;

– дэлхийгээс хигээс дээр ажиллаж, бүхэл бүтэн хигээсийн төвд үйлчлэх таталцлын хүч.

Тодорхойлолтоор, хигээсийн масс мАрхимедийн хүчний модулийг дараах байдлаар илэрхийлнэ. м = SLρ a (1);

Ф a = Slρ in g (2)

Хэлний түдгэлзүүлэлтийн цэгтэй харьцуулахад хүчний моментуудыг авч үзье.

М(Т) = 0 – суналтын хүчний момент; (3)

М(N)= NL cosα нь дэмжлэг үзүүлэх урвалын хүчний момент; (4)

Моментуудын шинж тэмдгийг харгалзан бид тэгшитгэлийг бичнэ

NL cosα + Slρ in g (Л –	л	)cosα = SLρ а g	Л	cosα (7)
	2		2

Ньютоны гуравдахь хуулийн дагуу савны ёроолын урвалын хүч нь хүчтэй тэнцүү байна. Ф d үүнтэй хамт сүлжмэлийн зүү нь бидний бичсэн савны ёроолд дардаг Н = Ф d ба (7) тэгшитгэлээс бид энэ хүчийг илэрхийлнэ.

F d = [	1	Лρ а– (1 –	л	)лρ in ] Sg (8).
	2		2Л

Тоон өгөгдлийг орлуулаад үүнийг авъя

Ф d = 0.025 Н.

Хариулт. Ф d = 0.025 Н.

Цилиндр агуулсан м 1 = 1 кг азот, хүч чадлын туршилтын үед температурт тэсэрсэн т 1 = 327 ° C. Устөрөгчийн масс м 2-ыг ийм цилиндрт температурт хадгалж болно т 2 = 27 ° C, аюулгүй байдлын хязгаар тав дахин байна уу? Азотын молийн масс М 1 = 28 г / моль, устөрөгч М 2 = 2 г / моль.

Шийдэл.Азотын төлөв байдлын Менделеев-Клапейроны идеал хийн тэгшитгэлийг бичье

Хаана В- цилиндрийн эзэлхүүн; Т 1 = т 1 + 273 ° C. Нөхцөл байдлын дагуу устөрөгчийг даралтын дор хадгалах боломжтой х 2 = p 1 /5; (3) Үүнийг харгалзан үзвэл

Бид (2), (3), (4) тэгшитгэлтэй шууд ажиллах замаар устөрөгчийн массыг илэрхийлж болно. Эцсийн томъёо нь дараах байдлаар харагдаж байна.

м 2 =	м 1		М 2		Т 1	(5).
	5		М 1		Т 2

Тоон өгөгдлийг орлуулсны дараа м 2 = 28 гр.

Хариулт. м 2 = 28 гр.

Тохиромжтой хэлбэлзлийн хэлхээнд ороомгийн гүйдлийн хэлбэлзлийн далайц нь би м= 5 мА, конденсатор дээрх хүчдэлийн далайц Аан= 2.0 V. Тухайн үед тконденсатор дээрх хүчдэл 1.2 В. Энэ агшинд ороомог дахь гүйдлийг ол.

Шийдэл.Тохиромжтой хэлбэлзлийн хэлхээнд хэлбэлзлийн энерги хадгалагдана. Хэсэг хугацааны туршид энерги хадгалагдах хууль t хэлбэртэй байна

C	У 2	+ Л	I 2	= Л	би м 2	(1)
	2		2		2

Далайн (хамгийн их) утгын хувьд бид бичдэг

(2) тэгшитгэлээс бид илэрхийлнэ

C	=	би м 2	(4).
Л		Аан 2

(3)-д (4)-г орлуулъя. Үүний үр дүнд бид:

I = би м (5)

Тиймээс цаг хугацааны агшинд ороомог дахь гүйдэл ттэнцүү

I= 4.0 мА.

Хариулт. I= 4.0 мА.

2 м гүнтэй усан сангийн ёроолд толь байдаг. Усаар дамжин өнгөрөх гэрлийн туяа толинд тусч, уснаас гарч ирдэг. Усны хугарлын илтгэгч 1.33 байна. Цацрагийн тусгалын өнцөг 30° байвал цацрагийн ус руу орох цэг ба уснаас гарах цэгийн хоорондох зайг ол.

Шийдэл.Тайлбартай зураг зуръя

α - цацрагийн тусгалын өнцөг;

β - усан дахь цацрагийн хугарлын өнцөг;

Хувьсах гүйдэл нь цацрагийн ус руу орох цэг ба цацрагийн уснаас гарах цэгийн хоорондох зай юм.

Гэрлийн хугарлын хуулийн дагуу

sinβ =	sinα	(3)
	n 2

Тэгш өнцөгт ΔADB-г авч үзье. Үүнд AD = h, дараа нь DB = AD

tgβ = h tgβ = h	sinα	= h	sinβ	= h	sinα	(4)
	cosβ

Бид дараах илэрхийлэлийг авна.

AC = 2 DB = 2 h	sinα	(5)

Үүссэн томъёонд тоон утгыг орлуулъя (5)

Хариулт. 1.63 м.

Улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлтгэхийн тулд бид таныг танилцахыг урьж байна Перышкина A.V-ийн UMK шугамын 7-9-р ангийн физикийн ажлын хөтөлбөр.Тэгээд 10-11-р ангийн сургалтын материалын ахисан түвшний ажлын хөтөлбөр Мякишева Г.Я.Программуудыг бүртгэлтэй бүх хэрэглэгчид үзэх, үнэгүй татаж авах боломжтой.

Бүх Оросын эцэг эхийн хурал дээр мэдэгдэж байгаагаар физик, хими, биологийн чиглэлээр КИМ улсын нэгдсэн шалгалтыг цаашид агуулаагүй болно. тестийн даалгавархариултын сонголттой. Үүнийг ялангуяа ОХУ-ын Боловсролын сайд О.Ю. Васильев, мөн түүнчлэн бүрэн жагсаалтУлсын нэгдсэн шалгалтын албан ёсны баримт бичигт өөрчлөлт орсон.

1. Физикийн 2017 оны KIM Улсын нэгдсэн шалгалтад ихээхэн өөрчлөлт орсон.

Даалгаврын 1-р хэсгийн бүтцийг бүрэн өөрчилсөн. Эхний хэсэг нь өнгөрсөн жилийн 24 биш 23 даалгавартай болсон.

2016 оны KIM-ийн физикийн улсын нэгдсэн шалгалтын 1, 2, 8, 9, 13, 14, 19, 20, 23, 24-р даалгаврууд нь шалгуулагчид 4 хариултын сонголтыг өгсөн бөгөөд тэдгээрээс зөвийг нь сонгох шаардлагатай байв. Одоо ийм даалгавар байхгүй болно. Физикийн 2017 оны Улсын нэгдсэн шалгалтын "Үзүүлэх хувилбар"-ын хэвлэгдсэн төслөөс харахад даалгаварт гол анхаарлаа хандуулж байна. Түүгээр ч зогсохгүй хариулт нь хэмжилтийн нэгжийг заадаг бөгөөд энэ нь нэг талаас шалгуулагчид асуудлыг шийдвэрлэхэд туслах ёстой (хэмжилтийн нэгжийг ашиглан томьёог олох боломжтой), нөгөө талаас зөв хариултыг хайхад хүндрэл учруулдаг. хэмжилтийн нэгж нь стандарт уусмалаар олж авсан хэмжээнээс их буюу бага хэмжээний дараалал байвал .

Эмхэтгэгчийн баталж байгаагаар үндсэн хэсгүүдийн хуваарилалт, сургуульд олж авсан мэдлэгээ шалгах үзэл баримтлал, эцсийн онооны дээд хэмжээ өөрчлөгдөөгүй.

2. Химийн чиглэлээр 2017 оны KIM Улсын нэгдсэн шалгалт ихээхэн өөрчлөгдсөн

Өөрчлөлтүүд нь бүтэц, даалгаврын нийт тоо, бие даасан даалгаврыг үнэлэх сургууль, дээд хэмжээүндсэн цэгүүд.

Үүнийг илүү нарийвчлан авч үзье.

Бүтцийн өөрчлөлт дараах байдалтай байна.

1. 1-3-р даалгавруудыг бүрэн өөрчилсөн. Хэд хэдэн өгсөн химийн элементүүд, өөр өөр өнцгөөс тодорхойлогдох ёстой. Та хариултдаа хоёр тоог бичих хэрэгтэй.
2. 2016 оны Химийн улсын нэгдсэн шалгалтын KIM-д 4, 5, 7, 8, 9, 10, 12-17, 19-23-р даалгавруудыг хариулт нь хэд хэдэн тоо агуулсан байх ёстой даалгавруудаар сольсон.
3. Хоёр баганаас таарах хайлтын тоог нэмэгдүүлсэн. Хэрэв 2016 онд тэдний тоо 9 (No27-35) байсан бол одоо тэдний тоог 11 болгон нэмэгдүүлжээ - No5, 10-12, 18, 19, 22-26.
4. Шалгуур үзүүлэлтийг тооцоолох даалгавар химийн урвалбүртгэгдсэн тоогоор 3 үлдсэн - № 27, 28, 29.
5. Даалгаврын тооны хувьд 2-р хэсэг өөрчлөгдөөгүй хэвээр байна.

Үүний үр дүнд цөөн тооны даалгавар (40-өөс 34 хүртэл) байсан ч илүү хэцүү болсон.

9, 17-р даалгавруудыг одоо 1 оноо биш, харин 2 оноотой болсон.

Үүнийг өөрчилсөн анхан шатны оноо- 64 байсан ч 60 болсон.

3. Биологийн чиглэлээр 2017 оны Улсын нэгдсэн шалгалтад хамгийн олон өөрчлөлт орсон

Бүгд Улсын нэгдсэн шалгалтын өөрчлөлт 2017 оныг биологийн оновчлол гэж нэрлэсэн.

Тиймээс олон сонголттой хариулттай тестүүдийг НУМ-аас хассан. Хэрэв бид харьцуулбал демо сонголтууд 2016 оноос 2017 он гэхэд та ялгааг хялбархан олох боломжтой.

2017 он	2016 он
Олон сонголттой 7 даалгавар; 6 тохирох даалгавар; 3 дараалсан даалгавар; Цитологи, генетикийн 2 даалгавар (шинэ); Хүснэгт, диаграм, диаграмыг сэргээх 2 даалгавар (шинэ); Өгөгдсөн мэдээлэлд дүн шинжилгээ хийх 1 даалгавар (шинэ);	Санал болгож буй хувилбаруудаас хариултын сонголт бүхий 25 даалгавар(устгагдсан) Олон сонголттой 3 даалгавар (тоо хэмжээ 2 дахин нэмэгдсэн) Тохирох 4 даалгавар (тоо хэмжээ 2-оор нэмэгдсэн) 1 дэс дарааллын даалгавар (3 дахин нэмэгдсэн) Нарийвчилсан хариулт бүхий 7 даалгавар
НИЙТ
28 даалгавар	40 даалгавар
210 минут (3 цаг хагас)	180 мин. (3 цаг)

Хэдийгээр даалгаврын тоо цөөрсөн ч энэ нь шалгалтыг хөнгөвчлөхгүй байсныг тэмдэглэж болно. Бүх өөрчлөлтүүд нь нарийн төвөгтэй байдлыг нэмэгдүүлэх зорилгоор хийгдсэн бөгөөд үндсэн оноо бага зэрэг буурч, шалгалтын үргэлжлэх хугацаа хагас цагаар нэмэгдсэн нь үүнийг баталж байна.

Манай төвд нэмэлт боловсролМерлин, бид бүх өөрчлөлтийг бүрэн дүн шинжилгээ хийж, ажлын хөтөлбөрт тохируулга хийж, биологи, хими, физикийн чиглэлээр 2017 оны улсын нэгдсэн шалгалтанд бэлтгэх сургалтыг аль хэдийн "эхлэн" явуулж байна.

Санкт-Петербург, 2017 он
©I. Ю.Лебедева

2017 оны шалгалтын материалыг бусад жилүүдтэй харьцуулахад бүтэц

Ажлын төрөл
Олон сонголт
Богино хариултаар
Байршуулсан
хариулах
Даалгаврын тоо
2015,
2016
2017
2018
9
18
26
27
5
5
5
32
31
32

Гүйцэтгэлийн хувь:

1 оноо: гүйцэтгэлийн дундаж хувь
– шалгалт өгсөн шалгуулагчдын хувь
дасгал хийх
2 оноо: ерөнхий хувь
гүйцэтгэл - нийлбэрийн харьцаа
бүх сурагчдын авсан оноо, to
даалгаврын хамгийн дээд оноо

Гүйцэтгэлийн хувь:

3 оноо:
Хоёрдугаар хэсэг даалгавар
шалгалтын хуудас,
дэлгэрэнгүй хариулт шаардлагатай
бол дууссан гэж үзнэ
тэдэнд 2 эсвэл 3 оноо өгдөг -
2 оноо авсан шалгуулагчдын хувь
ба 3 оноо

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - хариултыг бие даан бүртгэх даалгавар: огноо 2017 - 10 даалгавар B 2018 - 10

даалгавар Б
Бүхэл тоо эерэг эсвэл сөрөг
эсвэл эцсийн фракц!

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - хариултыг бие даан бүртгэх даалгавар: үг 2017 - 1 B даалгавар 2018 - 1 даалгавар

Б

даалгавар Б

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - хариултыг бие даан бүртгэх даалгавар: тоон код 2017 - 1 B даалгавар 2018 - 1

даалгавар Б

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - хариултыг бие даан бүртгэх даалгавар: хоёр тоо 2017 - 1 B даалгавар 2018 - 1

даалгавар Б
Хариулт: 0.20 0.02

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - богино хариулттай даалгавар; үйл явц дахь тоо хэмжээний өөрчлөлт 2017 - 2-4 даалгавар B эсвэл P 2018

жил – 2-4 даалгавар Б

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - тохирох багцад богино хариулт бүхий даалгавар: 2017 - 2-4 даалгавар B эсвэл P 2018

– 2-4 даалгавар B эсвэл P

Ажлын 1-р хэсэг: даалгаврын төрөл зүй - олон сонголттой даалгавар 2017 - 3 даалгавар B эсвэл P 2018 - 4 даалгавар P

Кодификатор дахь өөрчлөлтүүд

2004 оны стандарт:

Даалгавар №24

Даалгавар №24

Нэгдүгээр сард
нээлттэй
банк (вэб сайт
FIPI) болно
хэвлэгдсэн
бүгд 8
сонголтууд
энэ даалгавар

Кодификатор дахь өөрчлөлтүүд

-
-
Нэмэгдэх болно:
Даалгавар 4 - тэнхлэгийн эргэн тойронд хүчний момент
эргэлт ба кинематик тайлбар
гармоник чичиргээ.
10-р даалгаварт - дулааны тэнцвэр ба
температур, нэг атомын дотоод энерги
хамгийн тохиромжтой хий.
13-р даалгаварт - Кулоны хүчний чиглэл.
14-р даалгаварт - цахилгаан хэмнэлтийн хууль
цэнэг ба талбайн хүч ба ялгаа хоорондын хамаарал
нэгэн төрлийн байх боломжууд
электростатик талбар.
18-р даалгаварт - SRT-ийн элементүүд (томьёо
кодлогчийн 4.2, 4.3 дахь заалт).

Тэмдэглэнэ үү

Хэсэг
ажил
Даалгаврын тоо
2017
2018
2
23
8
24
8
НИЙТ:
32
32
1
Дээд тал нь анхдагч
цэг/
Нийт дүнгийн хувь
анхан шатны оноо
2017
2018
32/ 64% 34/ 65%
18/ 36% 18/ 35%
50
52

2017, 2018 оны шалгалтын хуудасны бүтэц

Түвшин
хүндрэлүүд
Суурь
Өргөгдсөн
Өндөр
НИЙТ:
Даалгаврын тоо
Тэдний ажлын хэсгүүдийн хуваарилалт
2017
2018
2017
2018
18
9
19
9
1 хэсэг (18)
1 хэсэг (19)
1 хэсэг (5)
2-р хэсэг (4)
1 хэсэг (5)
2-р хэсэг (4)
4
4
2-р хэсэг (4)
2-р хэсэг (4)
31
32
31
32

Физикийн хэсгүүдээр даалгаврын хуваарилалт

Даалгаврын хуваарилалт
физикийн хэсгүүд
Даалгаврын тоо
Бүлэг
Механик
MKT,
термодинамик
Электродинамик
Оптик
Үйлчилгээний станцын үндсэн ойлголтууд
Квантын физик
ба астрофизик
Нийт
2017
2018
9-11
9-11
7-8
7-8
9-11
9-11
4-5
5-6
31
32
By

Үйл ажиллагааны төрлөөр ажил үүргийн хуваарилалт

Даалгаврын тоо
Үйл ажиллагаа
2017
2018
20-21
20-22
Арга зүйн анхан шатны мэдлэгтэй байх
болон туршилтын ур чадвар
2
2
Асуудал шийдэх янз бүрийн түвшинхүндрэлүүд
8
(2-р хэсэг)
8
(2-р хэсэг)
Мэдлэгийг өдөр тутмын амьдралдаа ашиглах
0-1
0-1
Нийт:
31
32
Мэдэх-ойлгох…., тайлбарлах/тайлбарлах….

2017 - 2018 он: даалгавар гүйцэтгэх хугацаа

Ажлын төрөл
Дуусгах цаг
минутын дотор хийх ажлууд
Товчхондоо
3-5
Нарийвчилсан хариулт
15 – 25/ 15 – 20
Үйл ажиллагааны нийт хугацаа
235

2011 оноос хойш: оноог дахин тооцоолох нэг хуваарь

Оноо хөрвүүлэх масштаб - 2018 ??

6
Цэг хувиргах масштаб -
2018??
22
21
48
36
65
7
26
22
49
37
67
8
29
23
50
38
69
9
33
24
51
39
71
10
36
25
52
40
74
11
38
26
53
41
76
12
39
27
54
42
78
13
40
28
55
43
80
14
41
29
56
44
83
15
42
30
57
45
85
16
44
31
58
46
87
17
44
32
59
47
89
18
45
33
60
48
92
19
46
34
61
49
94
20
47
35
62
50
96

Шалгуур үзүүлэлт 2017-2018: KZ

Шалгуур үзүүлэлтийн агуулга
Бүрэн зөв
шийдэл орно
зөв хариулт (үүнд
тохиолдол –…….) ба
туйлын үнэн
шууд үндэслэл
ажиглаж болох зүйлсийг харуулж байна
үзэгдэл ба хууль (үүнд
тохиолдол - .....)
Оноо
3

Оноо
Зөв хариултыг өгсөн ба
2
тайлбар, гэхдээ шийдэл нь нэг буюу
дараах хэд хэдэн сул талууд:
- Тайлбарт заагаагүй, үгүй
физик үзэгдлүүдийн нэгийг ашигласан,
шинж чанар, тодорхойлолт эсвэл аль нэг хууль
(томъёо) бүрэн зөв болгоход шаардлагатай
тайлбарууд.
(Дээрх мэдэгдэл
тайлбар, дэмжигдээгүй
холбогдох хууль, эд хөрөнгө,
үзэгдэл, тодорхойлолт)

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
Оноо
ба/эсвэл
Энэ үзэгдлийг тайлбарлахад шаардлагатай бүх зүйл ба
хууль, хэв маяг, гэхдээ тэдгээр нь нэгийг агуулдаг
логик алдаа.
ба/эсвэл
Шийдэл нь ороогүй нэмэлт оруулгуудыг агуулдаг
-аас тусгаарлагдаагүй шийдвэр (буруу байж магадгүй).
шийдэл (загалсангүй; хаалтанд ороогүй, дотор
хүрээ гэх мэт)
ба/эсвэл
Шийдвэрт аль нэгийг заахдаа алдаа гарсан байна
физикийн үзэгдэл, шинж чанар, тодорхойлолт, хууль тогтоомж
(томъёо) бүрэн зөв шийдэлд шаардлагатай
2

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
Дараахь зүйлсийн аль нэгэнд тохирох шийдлийг танилцуулж байна
тохиолдлууд:
Даалгаврын асуултын зөв хариултыг өгсөн бөгөөд
тайлбар, гэхдээ энэ нь хоёр үзэгдлийг зааж өгөөгүй эсвэл
Бүрэн зөв хийхэд шаардлагатай физик хуулиуд
тайлбарууд.
ЭСВЭЛ

хэв маяг, гэхдээ одоо байгаа үндэслэл,
биш, харин даалгаврын асуултын хариултыг олж авахад чиглэсэн
дуусгахад хүргэв.
ЭСВЭЛ
Тайлбарлахад шаардлагатай бүх үзэгдэл, хуулийг зааж өгсөн болно.
хэв маяг, харин одоо байгаа үндэслэл тэргүүлэх
Хариулт нь алдаатай байна.
ЭСВЭЛ
Үүнийг тайлбарлахад шаардлагатай бүх үзэгдлүүд биш
хууль, хэв маяг, гэхдээ зөв үндэслэлүүд байдаг,
асуудлыг шийдвэрлэхэд чиглэгдсэн.
Оноо
1

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
Оноо
Өгсөн бүрэн шийдэл, үүнд
дараах элементүүд:
1) онолын болон физикийн заалтуудыг бичсэн болно
хууль тогтоомж, хэв маяг, тэдгээрийн хэрэглээ
Сонгосон асуудлыг шийдвэрлэхэд шаардлагатай
арга зам (энэ тохиолдолд - …….);
2) шийдэлд шинээр нэвтрүүлсэн бүх зүйлийг тайлбарласан болно
үсгийн тэмдэглэгээ физик хэмжигдэхүүнүүд(цаана
-д заасан тогтмол тэмдэглэгээг эс тооцвол
НУМ-ын хувилбар, тоо хэмжээний тэмдэглэгээ,
асуудлын мэдэгдэл болон стандартад ашигласан
бичихдээ ашигласан хэмжигдэхүүнүүдийн тэмдэглэгээ
физикийн хууль);
3

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
3) шаардлагатай
математик хувиргалт ба
тооцоолол нь зөв болоход хүргэдэг
тоон хариулт (зөвшөөрөгдсөн
шийдэл нь "хэсгээр"
завсрын тооцоо);
4) зөв хариултыг үзүүлэв
хүссэн хэмжилтийн нэгжийг зааж өгнө
тоо хэмжээ.
Оноо
3

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
Оноо
Шаардлагатай бүх заалтыг зөв бүртгэсэн
онол, физикийн хууль, зүй тогтол, ба
шаардлагатай өөрчлөлтүүдийг хийсэн. Гэхдээ
дараах зүйлсийн нэг буюу түүнээс дээш байна
сул тал:
1) 2-р зүйлд хамаарах бүртгэл,
бүрэн эхээр нь танилцуулаагүй эсвэл
байхгүй байна.
БА (ЭСВЭЛ)
2) Шийдвэр нь шаардлагагүй оруулгуудыг агуулдаг, үгүй
шийдэлд орсон (магадгүй буруу),
уусмалаас тусгаарлагдаагүй (загалсангүй,
хаалт, хүрээ гэх мэт дотор ороогүй байна).
2

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
Оноо
БА (ЭСВЭЛ)
3) Шаардлагатай математикийн хувьд
хувиргалт эсвэл тооцоолол
алдаа гаргасан ба/эсвэл
математикийн
хөрвүүлэлт/тооцоо алгассан
логик алхамууд
БА (ЭСВЭЛ)
4) 4-р цэг байхгүй, эсвэл агуулж байна
алдаа (түүний дотор бичлэгийн нэгжид).
тоо хэмжээг хэмжих)
2

Шалгуурын агуулга 2017 - 2018 он
Дараахь зүйлсийн аль нэгэнд тохирох бичлэгүүдийг толилуулж байна
тохиолдлууд:
1) Зөвхөн заалт, томъёог илэрхийлнэ
хэрэглэхэд зайлшгүй шаардлагатай физик хуулиуд
өгөгдсөн даалгавар, тэдгээрийг ашиглан ямар ч өөрчлөлтгүйгээр,
асуудлыг шийдвэрлэхэд чиглэгдсэн.
ЭСВЭЛ
2) Шийдэлд шаардлагатай анхны томъёоны НЭГ дутуу байна
өгөгдсөн асуудлыг шийдэхийн тулд (эсвэл үндсэн мэдэгдэл
шийдэл), гэхдээ логикийн хувьд зөв хувиргалтууд байдаг
асуудлыг шийдвэрлэхэд чиглэсэн боломжтой томъёо.
ЭСВЭЛ
3) Шийдвэрлэх шаардлагатай анхны томъёоны НЭГДЭЭ
өгөгдсөн асуудал (эсвэл шийдлийн үндсэн мэдэгдэл),
алдаа гарсан боловч логикийн хувьд зөв байна
чиглэсэн одоо байгаа томьёо бүхий хувиргалт
асуудлын шийдэл.
Оноо
1

2015 оноос хойш кодлогч:

Q=5/2 pΔV !!

Санкт-Петербург:

Жил
Ирц
Дундаж
цэг
Доор
босго
100
оноо
2015
6464
54
3,4
18
2016
6549
53
4,4
8
2017
6517
54
2,7
17

Санкт-Петербург:

Ангилал
оролцогчид
Ирц
Бүтээлийн хувь
61-ээс 80 хүртэл
оноо
100 оноо
Доор
босго
Төгсөгчид
сургуулиуд
5587
21,74%
17
1,82%
Төгсөгчид
УЕПГ
271
(93 настай байсан)
0,02%
0
0,74%
Төгсөгчид
өмнөх жилүүд
659
(байсан
604)
1,19%
0
0,83%
6517
22,95%
17
3,39%
НИЙТ

ОХУ-тай харьцуулахад үндсэн шалгалт

Санкт-Петербург
RF
Дундаж оноо
54,7
53,1
Ядуу оюутнуудын эзлэх хувь
2,69%
3,78%
61-ээс 80 хүртэлх оноо авсан хүмүүсийн эзлэх хувь
оноо
19,65%
16,50%
81-100 оноо авсан хүмүүсийн эзлэх хувь
оноо
4,73%
4,94%
100 онооны оноог хуваалцах
0,29%
0,18%

Хүйс

ЗАЛУУЧУУД
ОХИД
2015,
2016
76,5
23,5
2017
74,1
25,9

Үр дүн: "В" ангийн сурагчид

Санкт-Петербург: 2.69%
ОХУ: 3.78%
Василеостровский
3,21
Далайн эрэг
3,16
Колпинский
3,82
Кронштадт
6,82
Амралтын газар
3,45

Үр дүн: "В" ангийн сурагчид

Санкт-Петербург: 2.69%
ОХУ: 3.78%
Адмиралтейский
0,70%
Красногвардейский
0,75%

Үр дүн: "В" ангийн сурагчид

Санкт-Петербург: 2.69%
ОХУ: 3.78%
Боловсролын төвүүд
7,83
Кадетууд
3,27
Хувийн сургуулиуд
5,17
УЕПГ
17,93
IDPs
8,23

Үр дүн: "өндөр оноо авсан"

Санкт-Петербург: 4.73%
RF: 4.94%
Петроградский
9,28
Холбооны боловсролын байгууллагууд
29,36
Хувийн сургуулиуд
8,62
Амралтын газар
0
Боловсролын төвүүд
0
Кадетууд
0
УЕПГ
0

Үр дүн: "зуун оноо авсан"

Санкт-Петербург: 17
Холбооны боловсролын байгууллагууд
13
Хувийн сургуулиуд
2
Кировский дүүрэг
1
Пушкинскийн дүүрэг
1

Үр дүн: Дундаж оноогоор шилдэг сургуулиуд

нэрэмжит сургууль
А.М.Горчакова
FTS
5 хүн
88,6
47 хүн
81,8
30-р лицей сургууль
96 хүн
80,0
Ерөнхийлөгчийн
239-р лицей
95 хүн
79,9

Санкт-Петербург: сэдвийн комиссын ажил

2015
2016
2017
Идэвхтэй
мэргэжилтнүүд
139
130
123
Оролцсон
баталгаажуулалт
134 (96%)
127 (98%)
121 (98%)

Шинжээчдийг ангиллаар нь хуваарилах

2017
2016
2015
Тэргүүлж байна
мэргэжилтэн
Ахлах
мэргэжилтэн
Үндсэн
мэргэжилтэн
Холбооны
мэргэжилтэн
8
9
7
52
32
22
64
89
110
26
26
26

Гурав дахь шалгалт:

2011
10,3%
2012
8,7%
2013
11,2%
2014
9,1%
2015
7,2%
2016
7,2%
2017
5,7%

ОД:
05.04
ДД:
12.04
ОД:
07.06
ДД:
21.06
ДД:
01.07
223
16
5776
507
53
Нийт
ажилладаг
Хувь
хоосон
хэлбэрүүд
49% 31% 22% 53% 62%
Хувь
гурав дахь
шалгалтууд
2,69
0
6,13
2,17 1,89

2015
ОД
2016
ОД
2017
ОД
Нийт
дахин шалгасан
даалгавар
100%
100%
100%
хоорондын зөрүү
үндсэн үнэлгээ
гурав дахь шинжээч
1 оноо
2
44
47,5
2 эсвэл 3 оноо
85
49
47,5
Зөрчил
нөхцөлт
техникийн
алдаа
13
7
5

Субъект комиссын ажлыг зохицуулах коэффициент

Сэдвийн комиссын ажлын тууштай байдлыг тодорхойлсон
Тэгэхээр:
- Нэг ажил авах:
1) нэг шинжээчийн өгсөн онооны нийлбэрийг харгалзан үзнэ
энэ ажлын төлөө
2) бусдын өгсөн онооны нийлбэрийг харгалзан үзнэ
энэ ажлын мэргэжилтэн
3) 2-оос 1) хасах (эсвэл эсрэгээр), модулийг авна
хүлээн авсан утга (1)
4) хамгийн их оноо авах боломжтой гэж үздэг
хамгийн их оноо авсан бол энэ бүтээлийн зохиогч
Миний эхлүүлсэн С хэсгийн бүх ажлыг дуусгах байсан,
тэдгээр. С хэсгийн хамгийн их оноо (хасах дээд тал нь
Түүний эхлээгүй ажлуудын оноо) (2)
5) (1)-ийн утга (2)-ын харьцааг тооцоолно
- Энэ журам нь бүх ажилд хийгддэг
- Дундаж утгыг ажлын бүх хэсэгт тооцдог.

Холбооны үзүүлэлтүүд

Бүс нутаг,
харьцуулах боломжтой
хяналт шалгалтын хүрээнд

Давж заалдах комиссын ажил

2015
2016
2017
Давж заалдах хүсэлт
оноо:
58
40
86
нэмэгдсэн
27
10
9
буурсан
0
1
4
гүйгээр үлдсэн
өөрчлөлтүүд
0
3
1
татгалзсан
34
(53%)
26
(65%)
65
(75.6%)

Агуулгын элементүүдийг эзэмших үзүүлэлтүүд

Агуулгын элемент
хувь бол сурсан
гүйцэтгэл
холбогдох даалгавар
50% -иас дээш (богино эсвэл
дэлгэрэнгүй хариулт)

Сэдвийн дагуу үзүүлбэр: ОХУ

Физикийн хичээлийн хэсэг
Дундаж %
гүйцэтгэл
Механик
59,5
MCT ба термодинамик
53,3
Электродинамик
49,2
Квантын физик
47,7

Механик ба электродинамик

Үйл ажиллагааны төрлөөр гүйцэтгэл

Үйл ажиллагааны төрөл
Дундаж % гүйцэтгэсэн
2016
2017
Хууль, томъёоны хэрэглээ
ердийн нөхцөл байдал
59,5
67,1
Үзэгдлийн шинжилгээ, тайлбар ба
үйл явц
58,6
63,1
Арга зүйн ур чадвар
60,5
75,3
Асуудал шийдэх
16,6
19,3

69%: Сул дорой, дундаж хүмүүсийн хувьд бэрхшээлүүд - зөвхөн хүч чадал төдийгүй хурдатгал 22 сөрөг, гэхдээ зарим нь үнэгүй
эерэг цэнэг;
- электростатик талбарыг андуурч байсан
цахилгаан соронзон эсвэл соронзон орон.
Үүний зэрэгцээ, дүрэм журмын дагуу үүнийг мэдэгдсэн
харилцан үйлчлэлийн зөв тайлбар
цэнэглэгдсэн биетүүд.

29 Хүчтэй нь дунджийг даван туулсан

Давж заалдах!

Шалгалтанд оролцогчид:
- даралтын хүч ба хэвийн хүчийг ялгаж чадаагүй
урвалыг дэмжиж, үүний дагуу хараагүй
гурав дахь хуулийг хэрэглэх шаардлага
Ньютон;
- биед нөлөөлж буй бүх хүчийг тооцоогүй;
- төвөөс зугтах хүчийг харгалзан үзсэн
зохих шилжилтгүйгээр инерци
инерцийн бус лавлагааны систем;
- Сонгохдоо алдаа гаргадаг уламжлалтай
оновчтой координатын тэнхлэгүүд ба at
тэдгээр дээр вектор хэмжигдэхүүнийг проекцлох;
- Ньютоны хоёр дахь хуулийг андуурч бичсэн
блокийн хурдатгал гэж үзвэл вектор хэлбэр
төв рүү чиглэсэн байдаг.

30

30 Хүчтэй нь үүнийг даван туулж чадсан ч дундаж хүмүүс аль хэдийн хүндрэлтэй байна

- физик утгыг ойлгохгүй байх
даралтын хэмжилтийн системийн бус нэгж
(ммМУБ.);
- тэнцвэрийн нөхцөлийг бичихэд гарсан алдаа
мөнгөн усны багана суурь дахь хүчээр дамжин
Ньютоны хоёр дахь хууль.
Мэргэжилтнүүдийн гол асуудал:
Шалгуулагчид шийдлийг ихэвчлэн тайлбарладаг
Товчхондоо, үндэслэлийг "баяжуулж"
нэг эсвэл хоёр томъёо.

31 Хамгийн бага гүйцэтгэлийн хувь, давж заалдах хамгийн өндөр хувь: 7 томъёо! Буруу шийдэлтэй зөв томъёо!

32 Асуудлын хоёр хувилбар: нэг нь бараг хэзээ ч эхлээгүй, нөгөө нь - зөв шийдлүүдийн ихээхэн хувь

Албан ёсны сайт дээр"Холбооны сурган хүмүүжүүлэх хэмжилтийн хүрээлэн"бүтцэд хийхээр төлөвлөж буй өөрчлөлтийн талаарх мэдээллийг хүргэж байнаKIM улсын нэгдсэн шалгалт 2017жил, энэ нь мөн байгалийн мөчлөгийн салбаруудад нөлөөлнө.

2016 оны НУМ-тай харьцуулахад физикийн НУМ-ын 2017 оны өөрчлөлт.

2017 онд 1-р хэсэгт томоохон өөрчлөлтүүд гарах болно Улсын нэгдсэн шалгалтын сонголтуудфизикт. 2-р хэсэг нь одоогийн байдлаар бүрэн хадгалагдах болно (богино хариулттай 3 даалгавар + нарийвчилсан шийдэл бүхий 5 даалгавар). 1-р хэсэгт сонголтууд нь олон сонголттой хариулт бүхий даалгавруудыг бүрэн устгах болно (4-ийн 1) - 9 даалгавар. Богино хариулттай даалгавар, 5 хариултаас 2 зөв хариултыг сонгох шаардлагатай даалгаврын тоо нэмэгдэнэ. Нийт тоо 1-р хэсгийн даалгавар - 23 даалгавар (24 байсан). Хэсгийн хүрээнд даалгавруудыг хэлбэрээс нь хамааруулан зохион байгуулна. 13-р даалгаварт энэ нь материалыг танилцуулах дараалалтай давхцахгүй байж болно.

2016 онтой харьцуулахад 2017 онд химийн чиглэлээр НУМ-ын өөрчлөлт.

2017 оны шалгалтын материалыг 2016 оны шалгалттай харьцуулахад дараах өөрчлөлтүүдийг баталсан.

KIM-ийн 1-р хэсгийн бүтцийг үндсээр нь өөрчилсөн бөгөөд энэ нь химийн хичээлийн бүтэцтэй илүү нийцэж байна. Ажлын энэ хэсэгт багтсан ажлуудыг тусдаа сэдэвчилсэн блокуудад нэгтгэсэн болно. Эдгээр блок бүр нь үндсэн болон хоёулангийнх нь даалгавруудыг агуулдаг түвшин нэмэгдсэнхүндрэлүүд. Блок бүрийн дотор даалгавруудыг тооны өсөлтийн дарааллаар байрлуулна боловсролын үйл ажиллагаа, энэ нь тэдгээрийг хэрэгжүүлэхэд зайлшгүй шаардлагатай.

2017 оны шалгалтын материалд нийт даалгаврын тоог 40 (2016 онд) байсан бол 34 болгон бууруулсан нь үндсэн түвшний бүх даалгаврын агуулгын үйл ажиллагааны үндэс, дадлагад чиглэсэн төвлөрөлтэй холбоотой юм. ихээхэн бэхжсэн тул тус бүрийг дуусгахын тулд ерөнхий мэдлэгийг системтэй ашиглах шаардлагатай болдог. 2017 оны KIM улсын нэгдсэн шалгалтын нийт даалгаврын тоог өөрчлөх нь эдгээр даалгаврын тоо буурсантай холбоотой бөгөөд хэрэгжилт нь ижил төрлийн үйл ажиллагааг ашигласантай холбоотой юм.

Органик бус ба генийн холболтын талаарх мэдлэгийг өөртөө шингээх чадварыг шалгадаг үндсэн түвшний даалгавруудыг гүйцэтгэхэд зориулж үнэлгээний хуваарийг (1-ээс 2 оноо) өөрчилсөн. органик бодис(9 ба 17). Ажлыг бүхэлд нь дуусгах эхний нийт оноо 60 оноо (2016 онд 64 оноо байсан) байна.

Ерөнхийдөө 2017 оны шалгалтын ажилд батлагдсан өөрчлөлтүүд нь ерөнхий боловсролын хэд хэдэн чухал ур чадварыг бий болгох туршилтын объектив байдлыг нэмэгдүүлэхэд чиглэгддэг, тухайлбал: мэдлэгийг системд ашиглах, боловсрол, боловсролын төгсөлтийн зөв эсэхийг бие даан үнэлэх. - практик даалгавар, түүнчлэн химийн объектын талаархи мэдлэгийг янз бүрийн физик хэмжигдэхүүний математик хамаарлын талаархи ойлголттой хослуулах.

2016 оны KIM-тэй харьцуулахад 2017 оны биологийн KIM-ийн өөрчлөлт.

Шалгалтын хуудасны бүтцийг оновчтой болгосон.

1. Зөв хариултын тоонд тохирох нэг тооны хэлбэрээр богино хариулттай даалгавруудыг шалгалтын ажилд оруулахгүй.
2. Даалгаврын тоог 40 байсныг 28 болгон бууруулсан.
3. Анхан шатны дээд оноо 2016 онд 61 байсан бол 2017 онд 59 болж буурсан.
4. Шалгалтын ажлын үргэлжлэх хугацаа 180 минут байсныг 210 минут болгон нэмэгдүүлсэн.
5. 1-р хэсэгт сурах үйл ажиллагааны төрлөөр эрс ялгаатай шинэ төрлийн даалгавруудыг багтаасан болно: диаграмм эсвэл хүснэгтийн дутуу элементүүдийг бөглөх, зураг дээрх зөв тэмдэглэгээг олох, мэдээлэлд дүн шинжилгээ хийх, нэгтгэх, түүний дотор график хэлбэрээр үзүүлсэн. , статистик мэдээлэл бүхий диаграмм, хүснэгт.

2016 оны KIM-тэй харьцуулахад 2017 онд газарзүйн хувьд KIM-ийн өөрчлөлт.

НУМ-ын бүтэц, агуулгад өөрчлөлт ороогүй. Хамгийн их оноо 3, 11, 14, 15-р даалгавруудыг гүйцэтгэхэд оноог 2 болгож нэмэгдүүлсэн. 9, 12, 13, 19-р даалгавруудыг гүйцэтгэхэд оноо авах дээд оноо 1 болж буурна. Анхан шатны дээд оноо өөрчлөгдөөгүй.

Мэдээллийн эх сурвалж: http://fipi.ru/